給你一棵有 $n$ 個節點的樹，節點編號由 $1$ 到 $n$，第 $i$ 個節點有一個權值 $V_i$。

一個從 $u_1$ 到 $u_m$ 的簡單路徑是 $u_1$ 到 $u_m$ 在樹上的最短路徑，由 $m$ 個節點組成，也就是 $u_1\to u_2\to u_3\to \cdots \to u_{m-1}\to u_m$。一個路徑對應到整數的函數 $A(u_1,u_m)$ 被定義為 ${\displaystyle A(u_1,u_m)=\sum _{i=1}^m(-1{)}^{i+1}\cdot V_{u_i}}$。一個路徑可以包含 $0$ 條邊，也就是 $u_1=u_m$ 。

請計算樹上所有不重複的簡單路徑的 $A$ 函數的和。請注意這邊的路徑是有向的：兩條路徑相異若且唯若起點相異或終點相異。
因為答案可能很大，請輸出它除以 ${10}^9+7$ 的餘數。

請給出 edit distance 與下列程式碼不超過 $20$ 的解。

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const ll M = 1e9 + 7;
ll norm(ll &s)
{
    return ((s%M)+M)%M;
}
struct dp
{
    ll v,s,w[2],c[2];
    dp(ll k) : v(k), s(k), w{0,k}, c{0,1} {}
    dp operator += (const dp & r) 
    {
        s = norm(s + r.s + w[0] * r.c[1] + w[1] * r.c[0] + r.w[0] * c[1] + r.w[1] * c[0]);
        w[0] = norm(w[0] + r.w[1] - v * r.c[1]);
        w[1] = norm(w[1] + r.w[0] + v * r.c[0]);
        c[0] = norm(c[0] + r.c[1]);
        c[1] = norm(c[1] + r.c[0]);
        return *this;
    }
};
const int N = 2e5 + 98;
ll v[N];
vector<int> g[N];
dp dfs(int p,int u)
{
    dp now(v[u]);
    for (int w : g[u])
        if (w != p) 
            now += dfs(u,w);
    return now;
}
void solve()
{
    int n;
    cin >> n;
    for (int i = 1; i <= n; ++i) {
        cin >> v[i];
        v[i] = norm(v[i]);
        g[i].clear();
    }
    for (int i = 0; i < n-1; ++i) {
        int u,v;
        cin >> u >> v;
        g[u].emplace_back(v);
        g[v].emplace_back(u);
    }
    cout << norm(dfs(0,1).s * 2) << endl;
}
int main()
{
    ios::sync_with_stdio(0);
    cin.tie(0);
    int T;
    cin >> T;
    while (T--)
        solve();
}